2024 睿抗机器人开发者大赛CAIP-编程技能赛-高职组（省赛）

热爱拼题的你，请直接在屏幕上用汉语拼音输出这句话：我爱拼题啊！

人生得意须尽欢莫使金樽空对月。

2263人浏览 · 2024-07-16 13:55:05

人生得意须尽欢莫使金樽空对月。 · 2024-07-16 13:55:05 发布

RC-v1 我爱拼题啊

热爱拼题的你，请直接在屏幕上用汉语拼音输出这句话：我爱拼题啊！

输入格式：

本题没有输入。

输出格式：

在一行中输出，以惊叹号结尾。

输入样例：

无

输出样例：

wo3 ai4 pin1 ti2 a !

代码长度限制

16 KB

时间限制

400 ms

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64 MB

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8192 KB

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main(){
	
	cout<<"wo3 ai4 pin1 ti2 a !"<<endl;
	
	return 0;
}

RC-v2 小白兔拔萝卜

拔萝卜.JPG

小白兔爱萝卜，但是它的力量有限，太大的萝卜它拔不动。

本题就请你根据小白兔的力量和拔出这个萝卜需要的力量，告诉小白兔，它能否拔出这只萝卜。

输入格式：

输入在一行里给出两个不超过 100 的正整数，分别是小白兔的力量和拔出这个萝卜需要的力量。

输出格式：

如果小白兔的力量足够大，就输出 Ba!，然后在第二行输出它多余的力量；如果不行，就输出 Suan4 le ba.，然后在第二行输出它不足的力量。注意两个力量值相等的时候，小白兔也是可以拔出萝卜的。

输入样例 1：

99 66

输出样例 1：

Ba!
33

输入样例 2：

55 77

输出样例 2：

Suan4 le ba.
22

代码长度限制

16 KB

时间限制

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内存限制

64 MB

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main(){
	int a,b;
	cin>>a>>b;
	if(a>=b){
		cout<<"Ba!"<<endl;
		cout<<abs(a-b)<<endl;
	}else{
		cout<<"Suan4 le ba."<<endl;
		cout<<abs(a-b)<<endl;
	}
	return 0;
}

RC-v3 逆行

网上有个段子说：妻子在家听广播，听到某高速路上有一辆车在逆行，想到丈夫在那条高速上行驶，就打电话对丈夫说：“老公啊，你走的那条高速上有一辆车在逆行，你小心点。”她丈夫说：“何止啊！我看好几百辆车都在逆行！”

现在我们查了一下高速公路上拍到的好几百辆车的时速，发现有的朝东开，有的朝西开，都不知道是谁在逆行了…… 于是让我们简单粗暴地解决这个问题：朝哪个方向开的车多，哪个方向就是正确的，另一方就判为逆行（开玩笑的千万嫑当真）。现在就请你统计一下，有多少辆车是逆行的。

输入格式：

输入第一行给出一个正整数 N，为高速公路上拍到的车辆数，题目保证这是一个不超过 1000 的奇数。第二行给出 N 个整数，为每辆车的时速。我们用正数表示朝东开的时速，负数表示朝西开的时速。题目保证时速（绝对值）均不超过 200，并且时速没有 0，即没有一辆车是停在高速公路上不动的。

输出格式：

在一行中输出逆行的车辆数。

输入样例：

7
85 -90 110 95 112 -120 -70

输出样例：

代码长度限制

16 KB

时间限制

400 ms

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#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main(){
	int n;
	cin>>n;
	int a=0,b=0;
	for(int i=0;i<n;i++){
		int num;
		cin>>num;
		if(num<0){
			a++;
		}else{
			b++;
		}
	}
	cout<<min(a,b)<<endl;
	return 0;
}

RC-v4 翻炒字符串

给定一个字符串，要求你按照以下规则进行“翻炒”：

将字符串进行翻转；
如果字符串长度是个奇数，则将其正中间的字符删掉；否则将其两端的两个字符删掉；
将剩下的字符两两翻转，即第1、2个字符换位，第3、4个字符换位，以此类推。

最后输出结果串。

输入格式：

输入在一行中给出一个长度不超过 104 的、仅由英文字母组成的字符串。题目保证输入字符串的长度不小于 3。

输出格式：

在一行中输出执行了 3 步翻炒以后得到的结果串。

输入样例 1：

abcdefg

输出样例 1：

fgceab

输入样例 2：

abcdefgh

输出样例 2：

fgdebc

代码长度限制

16 KB

时间限制

400 ms

内存限制

64 MB

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8192 KB

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main(){
	string s;
	cin>>s;
	reverse(s.begin(),s.end());//1
	int len=s.size();
	if(len%2!=0){//2
		s.erase(len/2,1);
	}else{
		s.erase(0,1);
		s.erase(len-1,1);
	}
	for(int i=0;i<s.size();i+=2){
		cout<<s[i+1]<<s[i];//3
	}
	return 0;
}

RC-v5 主菜与配菜

中国人吃饭讲究一桌席上要有主菜、配菜，还应该再加一碗汤。现在厨师长需要在给定时间内做好一桌席，给了你一系列主菜、配菜、汤的烹制时长，并且告诉你规定完成的时间，请你帮忙检查一下，哪些菜单是有可能完成的，哪些不可能。

输入格式：

输入第一行首先给出三个正整数 N1、N2、N3（≤103），分别对应主菜、配菜、汤这三大类菜品的种类数。随后三行顺序给出 N1 种主菜、N2 种配菜、N3 种汤的烹制时间。这里我们将三大类菜品都分别从 1 开始顺序编号，每行第 i 个整数就对应该大类第 i 种菜品的烹制时间，每个烹制时间为不超过 60（分钟）的正整数。

接下来一行给出厨师长干活的开始时间和结束时间、以及候选的菜单数 K（≤20），其中的时间按 hh:mm 的格式给出，hh 按一天 24 小时制，范围在 [0, 23] 内；mm 是分钟，范围在 [0, 59]。题目保证结束时间在开始时间之后，且都在同一天内。
随后 K 行，每行给出一张菜单，格式如下：

m 菜品1 菜品2 …… 菜品m

其中 m 不超过 10，为一桌菜品的种类数；菜品i 给出第 i 种菜品的带前缀的编号 —— 主菜的前缀是 Z，配菜的前缀是 P，汤的前缀是 T。同一行的输入之间以空格分隔。

注意：这里假设厨师长是做完一道菜才做下一道菜的，不会并行。

输出格式：

对每一张菜单，如果同时包含了主菜、配菜和汤，并且所有菜品能在规定时间内完成，则在一行中输出 Yes，否则输出 No。

输入样例：

2 4 3
30 45
10 15 5 20
60 25 40
08:30 11:40 4
7 T1 Z2 P4 T3 P1 P2 Z1
4 Z1 P1 P2 P3
5 P4 P2 Z1 P3 T2
6 Z2 P3 P3 P1 T1 P3

输出样例：

No
No
Yes
Yes

代码长度限制

16 KB

时间限制

400 ms

内存限制

64 MB

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8192 KB

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[10010],b[10010],c[10010];
int main(){
	int n,m,k;
	cin>>n>>m>>k;
	for(int i=1;i<=n;i++)cin>>a[i];
	for(int i=1;i<=m;i++)cin>>b[i];
	for(int i=1;i<=k;i++)cin>>c[i];
	int aa,bb,cc,dd;
	char _;
	cin>>aa>>_>>bb>>cc>>_>>dd;
	int time=(cc*60)+dd-aa*60-bb;
	int t;
	cin>>t;
	while(t--){
		int an;
		cin>>an;
		int sum=0;
		int s,a1=0,a2=0,a3=0;
		for(int i=0;i<an;i++){
			cin>>_>>s;
			if(_=='Z'){
				a1=1;
				sum+=a[s];
			}
			if(_=='P'){
				a2=1;
				sum+=b[s];
			}
			if(_=='T'){
				a3=1;
				sum+=c[s];
			}
		}
		if(sum<=time &&a1==1&&a2==1&&a3==1)cout<<"Yes"<<endl;
		else cout<<"No"<<endl;
	}
	return 0;
}

RC-v6 最受欢迎的书

图书馆里有 n 种书，每种书分别有若干本可以借出。现在馆长给你一份清单，列出了每种书过去 d 天被借出了多少本，被还回来多少本。首先要请你算一下现在每种书还有多少本可以借出的，然后请你列出最受欢迎的书，也就是被借出过最多次的那些书。

输入格式：

输入第一行给出两个正整数 n（≤105）和 d（≤7），分别是书的种类数和借书还书记录的天数。

随后一行给出 n 个不超过 1000 的正整数，对应图书馆拥有的每种书的数量。

再后面有 n 行，每行给出一种书的借书还书记录，即 d 对数字，对应每一天借出的数量和还回的数量。题目保证这个清单是符合常理的，第一天还回的数量一定是 0，并且任何一天结束的时候，还书的总数量不会超过借书的总数量。

输出格式：

输出分成 n 行，每行输出一种书还可以借出的数量。如果这本书是最受欢迎的书，则在这个数量的后面加一个星号 *。

输入样例：

5 3
500 200 800 30 180
15 0 35 2 20 35
180 0 10 80 67 50
88 0 0 28 10 0
1 0 1 1 5 1
100 0 57 80 100 77

输出样例：

样例解释：

以第 1 种书为例：开始有 500 本；第 1 天借出 15 本，还回 0 本，图书馆里还剩 485 本；第 2 天借出 35 本，还回 2 本，还剩 452 本；第 3 天借出 20 本，还回 35 本，还剩 467 本。这种书一共被借出了 70 次。

其他种类的图书同理计算。其中第 2 种和最后一种书都被借出了 257 次，都是最受欢迎的书。

代码长度限制

16 KB

C++

时间限制

400ms

内存限制

64 MB

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int s[100010];
int main(){
	int n,d;
	cin>>n>>d;
	unordered_map<int,int> maxn;//得用unordered 直接map自动排序会超时两个样例
	for(int i=1;i<=n;i++){
		cin>>s[i];
	}
	int maxx=0;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		for(int j=0;j<d;j++){
			int a,b;
			cin>>a>>b;
			s[i]-=a;
			s[i]+=b;
			maxn[i]+=a;
			maxx=max(maxx,maxn[i]);
		}
	}
	for(int i=1;i<=n;i++){
		cout<<s[i];
		if(maxn[i]==maxx){
			cout<<"*";
		}
		cout<<endl;
	}
	return 0;
}

RC-v7 熊猫血

在“一年一度喜剧大赛”上有一部作品《少爷和我》，讲的是霸道管家龙傲天和憨厚少爷刘波的故事。管家有着霸总文学主人公所有的毛病，包括会咳出熊猫血……
血型是指血液各成分的抗原在个体间出现的差异。人类血型有数十种类型或系统，庞大复杂，如果把所有分类组合都考虑在内，可以细分出非常多种血型。熊猫血是 Rh 阴性血的俗称，东方人 Rh 阴性血型非常稀有，只占不到 0.5%。
本题给出一批熊猫血型的数据，请你帮前来查询的人查一下他们是否有熊猫血，最后统计一下他们中间的熊猫血占比是多少。

输入格式：

输入首先给出一批熊猫血型的数据：在第一行给出不超过 104 的正整数 N，随后 N 行，每行给出一种熊猫血型的编号，由不超过 8 个大写英文字母和数字组成。题目保证编号不重复。
随后是查询人的信息，首先是一个不超过 105 的非负整数 M，随后 M 行，每行给出一个人的血型编号，格式同上。

输出格式：

在第一行中输出 M 个由 0 或 1 组成的串，其中第 i 位对应第 i 个查询者，如果是熊猫血则为 1，否则为 0。
第二行输出携带熊猫血者所占的百分比（意思是：有熊猫血的人数/查询总人数×100），输出小数点后 2 位。
第三行输出被查询次数最多的那种熊猫血型的编号。题目保证输出存在唯一。

输入样例：

3
RH0ABP1
RH0APY
BPYORH0
9
BPYORH1
RH0ABP2
RH0APY
APYORH0
RH0OPY
BPYORH0
RH1APY
RH0APY
ABPYRH0

输出样例：

001001010
33.33
RH0APY

时间限制

200 ms

内存限制

64 MB

栈限制

8192 KB

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
string s[100010];
int main(){
	int n,m,xm=0;
	map<string,int> mp,maxn;
	cin>>n;
	for(int i=0;i<n;i++){
		cin>>s[i];
		mp[s[i]]=1;
	}
	cin>>m;
	string sr="";
	int maxx=0;
	for(int i=0;i<m;i++){
		string p;
		cin>>p;
		if(mp.count(p)!=0){
			maxn[p]++;
			maxx=max(maxx,maxn[p]);
			sr+='1';
			xm++;
		}else{
			sr+='0';
		}
	}
	double sum=(xm*1.0/m*1.0)*100;
	cout<<sr<<endl;
	printf("%.2lf\n",sum);
	for(int i=0;i<n;i++){
		if(maxn[s[i]]==maxx){
			cout<<s[i]<<endl;
		}
	}
	return 0;
}

DAMO开发者矩阵

DAMO开发者矩阵，由阿里巴巴达摩院和中国互联网协会联合发起，致力于探讨最前沿的技术趋势与应用成果，搭建高质量的交流与分享平台，推动技术创新与产业应用链接，围绕“人工智能与新型计算”构建开放共享的开发者生态。

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优雅～～Spring Boot 整合多数据源的姿势

最常见的单一应用中最多涉及到一个数据库，即是一个数据源（Datasource那么顾名思义，多数据源就是在一个单一应用中涉及到了两个及以上的数据库了。urlusernamepassword这三个属性已经唯一确定了一个数据库了，DataSource则是依赖这三个创建出来的。则多数据源即是配置多个DataSource（暂且这么理解）。动态数据源简单的说就是能够自由切换的数据源，类似于一个动态路由的感觉，

DAMO开发者矩阵

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